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مسابقة دكتوراه 2025Centre Universitaire Nour Bachir - El Bayadh — الموضوع 01

مسابقة تخصص · Probabilités & Statistiques · المدة: 2سا

Concours nationale de doctorat 3ème cycle au titre de l'année 2024–2025, Centre Universitaire Nour Bachir El-Bayadh, Institut des Sciences, Département de Mathématiques, Filière Mathématiques Appliquées, Spécialité Probabilité-Statistiques et Applications, Sujet 3 : Épreuve de spécialité, 22 février 2025 (Durée 2h).

التمرين 1

Exercice 1 — Polynômes d'Hermite et martingales browniennes

#hermite-polynomials#brownian-motion#stochastic-integrals#martingales

(07 points) Le polynôme d'Hermite "espace-temps" d'ordre nNn \in \mathbb{N} est défini par la relation :

Hn(x,t)=(1)ntnn!ex22tdndxn(ex22t)H_n(x, t) = (-1)^n \frac{t^n}{n!} e^{\frac{x^2}{2t}} \frac{d^n}{dx^n}\left(e^{-\frac{x^2}{2t}}\right)

  1. Prouver que pour α,xR\alpha, x \in \mathbb{R} et tR+t \in \mathbb{R}_+ :

exp(αxα2t2)=n=0αnHn(x,t)\exp\left(\alpha x - \frac{\alpha^2 t}{2}\right) = \sum_{n=0}^{\infty} \alpha^n H_n(x, t)

(indication : on pourra calculer dndαn(e(xαt)22t)α=0\frac{d^n}{d\alpha^n}\left(e^{-\frac{(x-\alpha t)^2}{2t}}\right)\Big|_{\alpha=0})

  1. Pour tout αR\alpha \in \mathbb{R}, soit le processus E(αB)\mathcal{E}(\alpha B) (exponentielle stochastique de αB\alpha B). En exprimant E(αB)E(\alpha B) de deux manières différentes : a. Montrer que pour tout nNn \in \mathbb{N} et t>0t \gt 0, on a :

0tHn(Bs,s)dBs=Hn+1(Bt,t)\int_0^t H_n(B_s, s) dB_s = H_{n+1}(B_t, t)

b. En déduire que, pour tout n0n \geq 0, le processus (Hn(Bt,t))t>0(H_n(B_t, t))_{t \gt 0} est une martingale.

الحل

1.

On développe eαxα2t/2e^{\alpha x - \alpha^2 t/2} en série de Taylor en α\alpha. Le coefficient de αn\alpha^n est Hn(x,t)H_n(x,t) par définition via les dérivées successives.

2a.

L'exponentielle stochastique E(αB)t=eαBtα2t/2=αnHn(Bt,t)\mathcal{E}(\alpha B)_t = e^{\alpha B_t - \alpha^2 t/2} = \sum \alpha^n H_n(B_t,t). Par Itô: dE=αEdBtd\mathcal{E} = \alpha \mathcal{E} dB_t. En identifiant les coefficients de αn+1\alpha^{n+1}: 0tHn(Bs,s)dBs=Hn+1(Bt,t)\int_0^t H_n(B_s,s)dB_s = H_{n+1}(B_t,t).

2b.

Comme Hn+1(Bt,t)H_{n+1}(B_t,t) est une intégrale stochastique, c'est une martingale locale. La bornée en L2L^2 assure que c'est une vraie martingale.

التمرين 2

Exercice 2 — Estimateur à noyau bidimensionnel et chaînes de Markov

#kernel-density-estimation#holder-condition#markov-chains#stationary-distribution

(07 points) Considérons l'estimateur à noyau bidimensionnel de la densité f(x,y)f(x, y) à partir de l'échantillon i.i.d. (X1,Y1),,(Xn,Yn)(X_1, Y_1), \ldots, (X_n, Y_n) :

g^n(x,y)=1nh2i=1nK(Xixh)K(Yiyh),(x,y)R2\hat{g}_n(x, y) = \frac{1}{nh^2} \sum_{i=1}^{n} K\left(\frac{X_i - x}{h}\right) K\left(\frac{Y_i - y}{h}\right), \quad (x,y) \in \mathbb{R}^2

Supposons que la densité gg appartient à l'ensemble des densités de probabilité sur R2\mathbb{R}^2 vérifiant la condition de Hölder :

g(x,y)g(x,y)L(xxβ+yyβ),(x,y),(x,y)R2|g(x,y) - g(x',y')| \leq L(|x-x'|^\beta + |y-y'|^\beta), \quad (x,y),(x',y') \in \mathbb{R}^2

avec des constantes données 0<β10 \lt \beta \leq 1 et L>0L \gt 0. Soit (x0,y0)(x_0, y_0) un point fixe dans R2\mathbb{R}^2.

  1. Établir des bornes supérieures pour le biais et la variance de g^n(x0,y0)\hat{g}_n(x_0, y_0), ainsi qu'une borne supérieure pour le risque quadratique moyen en (x0,y0)(x_0, y_0).
  2. Trouver le minimiseur h=hnh = h_n^* de la borne supérieure du risque et la vitesse de convergence correspondant.
الحل

1.

Le biais est E[g^n(x0,y0)]g(x0,y0)Chβ|E[\hat{g}_n(x_0,y_0)] - g(x_0,y_0)| \leq C h^\beta par la condition de Hölder. La variance est Var(g^n)Cnh2\text{Var}(\hat{g}_n) \leq \frac{C'}{nh^2}. Le risque quadratique moyen est borné par Ch2β+Cnh2Ch^{2\beta} + \frac{C'}{nh^2}.

2.

En minimisant: hnn1/(2β+2)h_n^* \sim n^{-1/(2\beta+2)} et la vitesse de convergence est n2β/(2β+2)n^{-2\beta/(2\beta+2)}.

التمرين 3

Exercice 3 — Chaîne de Markov dans un labyrinthe

#markov-chains#transition-matrix#stationary-distribution#ergodicity

(06 points) Un rat se déplace dans un labyrinthe qui comporte neuf compartiments, numérotés de 1 à 9, disposés en grille 3x3. À chaque unité de temps, il change de compartiment. Lorsqu'il est dans un compartiment ayant kk portes (2k42 \leq k \leq 4), il choisit l'une de ces kk portes avec probabilité 1/k1/k.

Le cheminement du rat est assimilé à une chaîne de Markov homogène dont l'ensemble des états est formé des neuf compartiments.

  1. Écrire la matrice de transition PP.
  2. La chaîne est-elle irréductible, périodique, ergodique ?
  3. Montrer que la loi de probabilité u=(u1,,u9)u = (u_1, \ldots, u_9), où chaque uiu_i est proportionnel au nombre de portes que comporte le compartiment ii, est une loi de probabilité stationnaire pour la chaîne de Markov. Interprétation.
الحل

1.

Coins (1,3,7,9): 2 portes. Bords (2,4,6,8): 3 portes. Centre (5): 4 portes. La matrice PP est 9×99\times 9 avec Pij=1/kiP_{ij}=1/k_i si ii et jj sont adjacents.

2.

Irréductible: oui (tous les états communiquent). Apériodique: oui (période = 2 en fait pour cette grille, donc la chaîne est périodique de période 2). Ergodique: non à cause de la périodicité.

3.

On vérifie uP=uuP=u par la propriété de réversibilité: uiPij=ujPjiu_i P_{ij} = u_j P_{ji} car kiS1ki=1S=kjS1kj\frac{k_i}{S}\cdot\frac{1}{k_i} = \frac{1}{S} = \frac{k_j}{S}\cdot\frac{1}{k_j}S=ki=24S=\sum k_i = 24. La probabilité stationnaire est proportionnelle au nombre de portes.